tippens fisica 7e soluciones 07

64 Tippens, Física, 7e. Manual de soluciones. Cap. 7 Copyright Glencoe/McGraw-Hill. Derechos reservados

Capítulo 7. Segunda ley de Newton

Segunda ley de Newton

7-1. Una masa de 4 kg está bajo la acción de una fuerza resultante de (a) 4 N, (b) 8 N y (c) 12 N.

¿Cuáles son las aceleraciones resultantes?

(a) 4 N

4 kga = = 1 m/s2 (b) 8 N

4 kga = = 2 m/s2 (c) 12 N

4 kga = = 3 m/s2

7-2. Una fuerza constante de 20 N actúa sobre una masa de (a) 2 kg, (b) 4 kg y (c) 6 kg. ¿Cuáles

son las aceleraciones resultantes?

(a) 20 N

2 kga = = 10 m/s2 (b) 20 N

4 kga = = 5 m/s2 (c) 20 N

6 kga = = 3.33 m/s2

7-3. Una fuerza constante de 60 lb actúa sobre cada uno de tres objetos, produciendo

aceleraciones de 4, 8 y 12 ft/s2. ¿Cuáles son las masas?

2

60 lb

4 ft/sm = = 15 slugs

2

60 lb

8 ft/sm = = 7.5 slugs

2

60 lb

12 ft/sm = = 5 slugs

7-4. ¿Qué fuerza resultante requiere un martillo de 4 kg para tener una aceleración de 6 m/s2?

F = ma = (4 kg)(6 m/s2); F = 24 N

7-5. Se calcula que una fuerza resultante de 60 N producirá una aceleración de 10 m/s2 en una

carreta. ¿Qué fuerza se requiere para producir en ella una aceleración de sólo 2 m/s2?

2

2

60 N6 kg; (6 kg)(2 m/s )

10 m/sm F ma= = = = ; F = 12 N

7-6. Un automóvil de 1000 kg va hacia el norte a 100 km/h y frena en 50 m. ¿Cuáles son la

magnitud y el sentido de la fuerza requerida? Convierta al SI: 100 km/h = 27.8 m/s. 2 2 2 2

2 2 2(0) (27.8 m/s)2 ; ; 7.73 m/s

2 2(50 m)

f o

f o

v vas v v a a

s

! != ! = = =

F = ma = (1000 kg)(7.73 m/s2); F = 7730 N, hacia el sur.


Relación entre peso y masa

7-7. Cuál es el peso de un buzón de correos de 4.8 kg? ¿Cuál es la masa de un depósito de 40 N?

W = (4.8 kg)(9.8 m/s2) = 47.0 N ; 2

40 N

9.8 m/sm = = 4.08 kg

7-8. ¿Cuál es la masa de un niño de 60 lb? ¿Cuál es el peso de un hombre de 7 slug?

m =60 lb

32 ft / s2

= 1.88 slugs ; W = (7 slugs)(32 ft/s2) = 224 lb

7-9. Una mujer pesa 800 N en la Tierra. Cuando camina en la Luna, su peso es de sólo 133 N.

¿Cuál es la aceleración debida a la gravedad en la Luna y cuál es la masa de la mujer en ese

satélite? ¿Y en la Tierra?

Su masa es la misma en la Luna y en la Tierra, así, primero encuentre la masa constante:

2

800 N81.6 kg;

9.8 m/sem = = mm = me = 81.6 kg

Wm = mmgm 133 N

81.6 kgmg = ; gm = 1.63 m/s2

7-10. ¿Cuál es el peso en la superficie de la Tierra de un astronauta de 70 kg? Compare la fuerza

resultante para impartirle una aceleración de 4 m/s2 en la Tierra y la fuerza resultante para

impartirle la misma aceleración en el espacio, donde la gravedad es despreciable.

En la Tierra, W = (70 kg)(9.8 m/s2) = 686 N ; FR = (70 kg)(4 m/s2) = 280 N

En cualquier lugar: FR = 280 N La masa no cambia.

7-11. Calcule la masa y el peso de un cuerpo si una fuerza resultante de 16 N basta para

impartirle una aceleración de 5 m/s2.

m =16

50

N

m / s2

. = 3.20 kg ; W = (3.20 kg)(9.8 m/s2) = 31.4 N

7-12. Halle la masa y el peso de un cuerpo, si una fuerza resultante de 850 N hace que su rapidez

se incremente de 6 m/s a 15 m/s en un tiempo de 5 s en la superficie de la Tierra.

2

2

15 m/s - 6 m/s 850 N1.80 m/s ; 472 kg

5 s 1.8 m/sa m= = = = m = 472 kg

W = mg = (472 kg)(9.8 m/s2); W = 4630 N


7-13. Calcule la masa y el peso de un cuerpo; considere que con una fuerza resultante de 400 N se

produce una disminución de 4 m/s en su velocidad en 3 s.

av

ta= =

!= !

" 4

3133

m / s

s m / s

2; . ; m = !

!

400

133

N

m / s2

.; m = 300 kg

W = mg = (300 kg)(9.8 m/s2); W = 2940 N

Problemas de aplicación para cuerpos simples

7-14. ¿Qué fuerza horizontal se requiere para empujar un trineo de 6 kg con una aceleración de 4

m/s2 si una fuerza de fricción de 20 N se opone al movimiento?

P – 20 N = (6 kg)(4 m/s2); P = 44.0 N

7-15. Un automóvil de 1200 kg se desplaza a 25 m/s. ¿Cuál fuerza resultante lo detendrá en 70 m

en un terreno nivelado? ¿Cuál deberá ser el coeficiente de fricción cinética?

Dada: m = 1200 kg; vo = 25 m/s; vf = 0; x = 70 m. Primero encuentre a.

Recuerde que 2ax = vf2 – vo

2. Ahora, resuelva para la aceleración: 2 2 2

0 2(0) (25 m/s) ; y - 4.46 m/s

2 2(70 m)

fv va a

x

! != = =

ffk = FR = ma = (1200 kg)(–4.46 m/s2); fk = –5357 N

k k 2

-5357 N; ; ;

(1200 kg)(9.8 m/s )

kk k k

ff mg

mgnµ µ µ µ= = = = µk = 0.456

7-16. Una masa de 10 kg es elevada por un cable. ¿Cuál es la tensión en el cable si la aceleración

es igual a (a) cero, (b) 6 m/s2 hacia arriba y (c) 6 m/s2 hacia abajo?

Note que hacia arriba es positiva y que W = (10 kg)(9.8 m/s2) = 98 N.

(a) T – 98 N = (10 kg)(0 m/s2) y T = 98 N

(b) T – 98 N = (10 kg)(6 m/s2) y T = 60 N + 98 N o T = 158 N

(c) T – 98 N = (10 kg)( –6 m/s2) y T = – 60 N + 98 N o T = 38.0 N

6 kg 20 N P

W = mg

+ T

10 kg


7-17. Una carga de 20 kg cuelga de una cuerda. Halle la aceleración de la carga si la tensión en el

cable es (a) 196 N, (b) 120 N y (c) 260 N. W = mg = 196 N

(a) 196 N - 196 N;

20 kg

T WT W ma a

m

!! = = = ; a = 0

(b) 120 N - 196 N

20 kg

T Wa

m

!= = ; a = –3.8 m/s2 W = (20 kg)(9.8 m/s2)

(c) 260 N - 196 N

20 kg

T Wa

m

!= = ; a = +3.2 m/s2

7-18. Un ascensor de 800 kg es izado con una cuerda resistente. Calcule la aceleración del

ascensor cuando la tensión en la cuerda es de (a) 9000 N, (b) 7840 N y (c) 2000 N.

La ley de Newton para el problema es: T – mg = ma (hacia arriba es positiva)

(a) 9000 N – (800 kg)(9.8 m/s2) = (800 kg)a; a = 1.45 m/s2

(b) 7840 N – (800 kg)(9.8 m/s2) = (800 kg)a; a = 0

(c) 2000 N – (800 kg)(9.8 m/s2) = (800 kg)a; a = –7.30 m/s2

7-19. Se aplica una fuerza horizontal de 100 N para arrastrar un gabinete de 8 kg sobre un piso

nivelado. Encuentre la aceleración del gabinete si µk = 0.2.

F = µkN = µk mg F = 0.2(8 kg)(9.8 m/s2) = 15.7 Ν

100 N – F = ma; 100 N – 15.7 N = (8 kg) a; a = 10.5 m/s2

7-20. En la figura 7-11, una masa desciende por el plano inclinado a 30º.

¿Cuál es la aceleración si no existe fricción alguna?

ΣFx = max; mg sen 30º = ma ; a = g sen 30º

a = (9.8 m/s2) sen 30º = 4.90 m/s2, hacia abajo del plano

W = mg mg

+ T

+

m mg

T

mg

F 100 N N

mg

N

300

300

W = 196 N


7-21. Suponga que µk = 0.2 en la figura 7-10. ¿Cuál es la aceleración?

¿Por qué no es necesario conocer la masa del bloque?

ΣFx = max; mg sen 300 – µkN = ma ; n = mg cos 300

mg sen 300 - µk mg cos 300 = ma ; a = g sen 300 – µk g cos 300

a = (9.8 m/s2)(0.5) – 0.2(9.8 m/s2)(0.866); a = 3.20 m/s2, hacia abajo del plano.

*7-22. Si m = 10 kg y µk = 0.3 en la figura 7-11, ¿qué fuerza de empuje P a lo largo del plano

inclinado producirá una aceleración de 4 m/s2 en dirección ascendente por el plano?

F = µkN = µkmg cos 300; F = 0.3(10 kg)(9.8 m/s2)cos 300 = 25.5 N

ΣFx = ma; P – F – mg sen 300 = ma

P – 25.5 N – (10 kg)(9.8 m/s2)(0.5) = (10 kg)(4 m/s2)

P – 25.5 N – 49.0 N = 40 N; P = 114 N

*7-23. ¿Qué fuerza P hacia abajo, en la figura 7-11, basta para que la aceleración

hacia abajo de dicho plano sea de 4 m/s2? Si m = 10 kg y µk = 0.3.

Véase prob. 7-22: F es hacia arriba del plano;P es hacia abajo (+).

ΣFx = ma; P – F + mg sen 300 = ma; Aun, F = 25.5 N

P – 25.5 N + (10 kg)(9.8 m/s2)(0.5) = (10 kg)(4 m/s2)

P – 25.5 N + 49.0 N = 40 N; P = 16.5 N

Aplicaciones de la segunda ley de Newton a problemas con varios cuerpos

7-24. Suponga una fricción cero en la figura 7-12. ¿Cuál es la aceleración del sistema? ¿Cuál es

la tensión T en la cuerda de unión?

Fuerza resultante = masa total × aceleración

80 N = (2 kg + 6 kg)a; a = 10 m/s2

Para encontrar T, aplique F = ma a un bloque de 6 kg:

80 N – T = (6 kg)(10 m/s2); Τ = 20 Ν

+

F

mg

N

300

300

F

300 P

mg

N

300

+ P

F

mg

N

300

300

T 6 kg

2 kg 80 N


7-25. ¿Qué fuerza ejerce A sobre B en la figura 7-13?

ΣF = (ma + mb)a; 45 N = (8 kg) a; a = 5.62 m/s2

Fuerza sobre B = mb a = (2 kg)(5.62 m/s2) F = 11.2 N

*7-26. ¿Cuáles son la aceleración del sistema y la tensión en la cuerda

de unión con la distribución que presenta la figura 7-13?

Suponga fricción cero y trace diagramas de cuerpo libre

Para el sistema total: m2g = (m1 + m2)a

(m1g equilibrada con N)

a m g

m m=

+=2

1 2

6( ) kg)(9.8 m / s

4 kg + 6 kg

2

; a = 5.88 m/s2

Encuentre T, considere m1

ΣF = m1a T = m1a = (4 kg)(5.88 m/s2); Τ = 23.5 Ν

*7-27. Si el coeficiente de fricción cinética entre la mesa y el bloque de 4 kg es de 0.2 en la figura

7-14, ¿cuál es la aceleración del sistema? ¿Cuál es la tensión en la cuerda?

ΣFy = 0; n = m1g; f = µkn = µkm1g

Para el sistema total: m2g – µkm1g = (m1 + m2)a

am g m g

m m

k=!

+=

!2 1

1 2

6µ ( ) ( kg)(9.8 m / s 0.2)(4 kg)(9.8 m / s )

4 kg + 6 kg

2 2

a = !58.8 N 7.84 N

10 kg o a = 5.10 m/s2

Para hallar T, considere m2 que sea positiva hacia abajo:

ΣFy = m2; m2g – T = m2a; T = m2g – m2a

Τ = (6 kg)(9.8 m/s2) – (6 kg)(5.10 m/s2); T = 28.2 N

45 N 2 kg 6 kg

A B

N

m1 g

m2 g

T

T +a

fk

N

m1 g

m2 g

T

T +a

fk n

m1 g

m2 g

T

T +a


*7-28. Si las masas m1 = 2 kg y m2 = 8 kg cuelgan de una polea sin fricción,

figura 7-14. ¿Cuáles son la aceleración del sistema y la tensión

en la cuerda?

Fuerza resultante = masa total del sistema × aceleración

m2g – m1g = (m1 + m2)a a m g m g

m m=

!

+

2 1

1 2

a =(8 kg)(9.8 m / s ) - (2 kg)(9.8 m / s

kg + 8 kg

2 2 )

2 a = 5.88 m/s2

Observe sólo m1: T - m1g = m1 a; T = m1(g + a) = (2 kg)(9.8 m/s2 – 5.88 m/s2)

T = 31.4 N

*7-29. El sistema de la figura 7-16 parte del reposo. ¿Cuál es la aceleración con

una fricción de cero? (Suponga un movimiento hacia abajo del plano.)

ΣFx = mT a; m1g sen 320 – m2g = (m1 + m2) a

(10 kg)(9.8 m/s2)sen 320 – (2 kg)(9.8 m/s2) = (10 kg + 2 kg)a

a = 519. N - 19.6 N

12 kg a = 2.69 m/s2

*7-30. ¿Cuál es la aceleración en la figura 7-17 si el bloque de 10 kg desciende en presencia de

fricción (µk = 0.2)? Sume la fuerza de fricción f hacia arriba para el problema anterior.

m1g sen 320 – m2g – f = (m1 + m2) a ; ΣFy = 0 ; n = m1g cos 320

m1g sen 320 – m2g – f = (m1 + m2) a ; f = µkn = µk m1g cos 320

m1g sen 320 – m2g – µk m1g cos 320 = (m1 + m2) a ; a = 1.31 m/s2

*7-31. ¿Cuál es la tensión en la cuerda, problema 7-30? Aplique F = ma sólo a la masa m2:

T – m2g = m2 a; T = m2(g + a) = (2 kg)(9.8 m/s2 + 1.31 m/s2); T = 22.2 N

+a

m2g m1g

T T

T

320

m1g

N

320 m2g

T

+a


Problemas adicionales

7.32. En la figura 7-15, la masa m2 es tres veces la masa m1. Encuentre

la aceleración del sistema.

m2g – m1g = (m1 + m2)a Ahora m2 = 3m1

(3m1)g – m1g = (m1 + 3m1)a o 2m1g = 4m1a

1

1

2;

4 2

m g ga

m= = a = 4.90 m/s2

7.33. Se tiene un trabajador de 200-lb parado sobre una báscula en un elevador

con aceleración hacia arriba de 6 ft/s2. El elevador se detiene y acelera

hacia abajo a 6 ft/s2. ¿Cuáles serán las lecturas en los movimientos

ascendente y descendente? (m = W/g = 6.25 slugs)

La lectura de la báscula en cada caso será igual a la fuerza normal N

sobre el trabajador. La masa en cada caso está dada por

Hacia arriba: N – 200 lb = ma; N = m(g + a). Sustituyendo: N = 238 lb

Hacia abajo: 200 lb – N = ma; N = m(g – a); N = 163 lb

7-34. Una carga de 8 kg es acelerada hacia arriba por medio de una cuerda cuya resistencia de

rotura es de 200 N. ¿Cuál es la aceleración máxima?

Tmáx – mg = ma 2

má x 200 N (8 kg)(9.8 m/s )

8 kg

T mga

m

! != =

a = 15.2 m/s2 7-35. El valor de µk = 0.7 es para neumáticos en una carretera de concreto. ¿Cuál es la distancia

horizontal mínima de frenado para una camioneta de 1600 kg que circula a 20 m/s?

La distancia de frenado la determina la aceleración de una fuerza de fricción resultante

F = µkN, donde N = mg:

f = –µkmg = ma; a = –µkg = – (0.7)(9.8 m/s2); a = –6.86 m/s2

Recuerde que: 2ax = vf2 – vo

2; 2 2 2

0

2

0 (20 m/s)

2 2( 6.86 m/s )

fv vx

a

! != =

!; s = 29.2 m

+a

200 lb

N

8 kg +a

T = 200 N

mg

+a

m2g m1g

T T

+a

200 lb

N


*7-36. Suponga que las masas de 4 y 6 kg de la figura 7-14 son intercambiadas, de modo que la

más grande esté sobre la mesa. ¿Cuáles serían la aceleración y la tensión en la cuerda (sin

tener en cuenta la fricción)?

Para el sistema total: m2g = (m1 + m2); m1 = 6 kg; m2 = 4 kg

a m g

m m=

+=2

1 2

4( ) kg)(9.8 m / s

6 kg + 4 kg

2

; a = 3.92 m/s2

ΣF = m1a T = m1a = (6 kg)(5.88 m/s2); Τ = 23.5 Ν

*7-37. Considere dos masas A y B unidas y colgadas de una sola polea. Si la masa A

es el doble que la masa B, ¿cuál será la aceleración del sistema?

mA = 2mB; Si la masa de la izquierda B es m, la masa

a la derecha A será 2 m.

2mg – mg = (2m + m)a mg = 3ma

a g= =

3

9 8. m / s

3

2

a = 3.27 m/s2

*7-38. Una masa de 5 kg descansa sobre un plano inclinado a 34º en el cual µk = 0.2.

¿Qué impulso hacia arriba del plano hará que el bloque se acelere a 4 m/s2?

f = µkN = µkmg cos 340; f = 0.2(5 kg)(9.8 m/s2)cos 34° = 8.12 N

ΣFx = ma; P – f – mg sen 34° = ma

P – 8.12 N – (5 kg)(9.8 m/s2) sen 34° = (5 kg)(4 m/s2)

P = 47.4 N

*7-39. Un bloque de 96 lb descansa sobre una mesa en la cual µk = 0.2. Una cuerda atada a este

bloque pasa por una polea ligera sin fricción. ¿Qué peso habrá que aplicar en el extremo

libre para que el sistema tenga una aceleración de 4 ft/s2?

f = µkN = 0.2 (96 lb); f = 19.2 lb

( )2

2

96 lb + 19.2 lb= 4 ft/s

32 ft/s

WW

! "# $ %

& '

W – 19.2 lb = 12 lb + 0.125 W; W = 35.7 lb

B A 2m m

+a

2mg mg

T T

F

N

96 lb

W

T

T +a

m1 g

m2 g

T

T +a

n

Fk 340

mg

N

340

+

P


Fuerz

a, N

0

2

4

6

8

10

12

14

0 1 2 3 4 5 6 7 8 9

Aceleración, m/s2

ΔF

Δa

Preguntas para la reflexión crítica

7-40. En un experimento de laboratorio, la aceleración de un carrito se mide por la separación de

los puntos marcados a intervalos regulares en una cinta recubierta de parafina. Pesos cada

vez más grandes son transferidos del carrito a un gancho colocado en el extremo de una

cinta que pasa por una polea ligera sin fricción. La masa del sistema es constante. Puesto

que el carrito se mueve sobre una pista neumática horizontal con fricción insignificante, la

fuerza resultante es igual a las pesas colocadas en el extremo de la cinta. Así se han

registrado los siguientes datos:

Peso, N 2 4 6 8 10 12

Aceleración, m/s2 1.4 2.9 4.1 5.6 7.1 8.4

Trace una gráfica de peso (fuerza) contra aceleración. ¿Qué significa la pendiente de esa

curva? ¿Cuál es la masa?

La pendiente es el cambio de la fuerza

sobre el cambio en la aceleración, que

es la masa del sistema. Así, la masa es:

7-41. En experimento anterior, el estudiante coloca un peso constante de 4 N en el extremo libre

de la cinta. ¿Qué sucede con la aceleración cuando la masa del sistema se incrementa?

La aceleración decrece con el incremento de masa.

m = 1.42 kg


7-42. Con una disposición similar a la presentada en la figura 7-14, salvo que las masas son

sustituidas. ¿Cuál es la aceleración del sistema si la masa

suspendida es tres veces mayor que la masa colocada sobre

la mesa y µk = 0.3?

ΣFy = 0; N = mg; F = µkN = µkmg

Para el sistema total: 3mg – µkmg = (3m + m)a; (3 - µk)mg = 4 ma

2(3 ) (3 0.3)(9.8 m/s )

4 4

k gaµ! !

= = a = 6.62 m/s2

7-43. Tres masas, de 2 kg, 4 kg y 6 kg, están unidas (en ese orden) por cuerdas y han

sido colgadas del techo con otra cuerda, la masa más grande está en la posición

más baja. ¿Cuál es la tensión en cada cuerda? Si después son separadas del

techo, ¿cuál deberá ser la tensión en la cuerda superior para que el sistema tenga

una aceleración ascendente de 4 m/s2? En este último caso, ¿cuáles son las

tensiones en las cuerdas que unen las tres masas?

La tensión en cada cuerda se debe a los pesos debajo de la cuerda. Así,

TC = (6 kg)(9.8 m/s2) = 58.8 N ; TB = (6 kg + 4 kg)(9.8 m/s2) = 98.0 N;

TA = (6 kg + 4 kg + 2 kg)(9.8 m/s2) = 118 N

Ahora considere la aceleración hacia arriba de 4 m/s2.

ΣFy = 0; TA = (2 kg + 4 kg + 6 kg)(4 m/s2); TA = 48 N

TB = (4 kg + 6 kg)(4 m/s2) = 40 N ; TC = (6 kg)(4 m/s2) = 24 N

7-44. Un astronauta de 80 kg sale a una caminata espacial y empuja un panel solar de 200 kg que

se desprendió de una nave espacial. Esa fuerza en el panel da una aceleración de 2 m/s2. ¿A

qué aceleración está sujeto el astronauta? ¿Los dos seguirán acelerando después del

empujón?

La fuerza en el panel solar Fp es igual y opuesta sobre el astronauta Fa

Fp = mpap; Fa = maaa; Por tanto, mpap = – maaa; resuelva para aa:

am a

ma

p p

a

= ! = !(200 kg)(2 m / s )

80 kg

2

; a = – 5 m/s2

F N

mg

3mg

T

T +a

C

B

A

4 kg

6 kg

2 kg

a = + 4 m/s2

C

B

A

4 kg

6 kg

2 kg


7-44. (Cont.)

La aceleración existe sólo si se aplica una fuerza, una vez que se retira, astronauta y panel solar se mueven en direcciones opuestas a las velocidades obtenidas cuando el contacto se rompió.

7-45. Un trineo de 400 lb desciende por una colina (µk = 0.2) que tiene una pendiente de 60º.

¿Cuál es la fuerza normal sobre el trineo y cuál es la fuerza de fricción cinética? ¿Cuál es la

fuerza resultante colina abajo? ¿Cuál es la aceleración? ¿Es necesario conocer el peso del

trineo para calcular su aceleración?

ΣFy = 0; N – W cos 600 = 0; N = (400 lb)cos 600 = 200 lb;

F = µkn = (0.2)(200 lb); F = 40 lb

ΣFx = W sen 600 – f = (400 lb)sen 600 – 40 lb; FR = 306 lb

Puesto que FR = ma; W sen 600 – µkW = (W/g)a.

Así, el peso se divide y no es necesario para determinar la aceleración resultante.

*7-46. Tres masas, m1 = 10 kg, m2 = 8 kg y m3 = 6 kg, están conectadas como se indica en la

figura 7-17. Sin tener en cuenta la fricción, ¿cuál es la aceleración del sistema? ¿Cuáles

son las tensiones en las cuerdas izquierda y derecha? ¿Sería igual la aceleración si la masa

de en medio m2 fuera eliminada?

Masa total del sistema = (10 + 8 +6) = 24 kg

Fuerza resultante sobre el sistema = m1g – m3g

La fuerza normal N equilibra a m2g; ΣF = mTa

m1g – m3g = (m1 + m2 +m3)a ; (10 kg)(9.8 m/s2) – (6 kg)(9.8 m/s2) = (24 kg) a

(24 kg)a = 98.0 N – 58.8 N; a = 1.63 m/s2 ; La aceleración no es afectada por m2.

Para encontrar TA aplique ΣF = m1a a 10 kg masa: m1g – TA = m1a; TA = m1g – m1a

TA = m1(g – a) = (10 kg)(9.8 m/s2 − 1.63 m/s2); TA = 81.7 N

Ahora aplique a una masa de 6-kg: TB – m3g = m3a; TB = m3g + m3a

TB = (6 kg)(9.8 m/s2 + 1.63 m/s2); TB = 68.6 N

W = mg = 400 lb

+a

N F

600

600

n

10 kg 6 kg

+ +

TB TA

TB TA

m3g m1g

m2g 8 kg


*7-47. Suponga que µk = 0.3 entre la masa m2 y la mesa de la figura 7-17. Las masas m2 y m3 son

de 8 y 6 kg, respectivamente. ¿Qué masa m1 se requiere

para acelerar el sistema a la izquierda a 2 m/s2?

(F = µkm2g actúa a la derecha.)

Aplique ΣF = mTa al sistema total, a la izquierda

es positiva.

m1g – F – m3g = (m1 + m2 +m3)a ; F = µkm2g = 0.3(8 kg)(9.8 m/s2); F = 23.5 N

m1(9.8 m/s2) – 23.5 N – (6 kg)(9.8 m/s2) = (m1 + 14 kg)(2 m/s2)

9.8 m1 – 23.5 kg – 58.8 kg = 2m1 + 28 kg m1 = 14.1 kg

*7-48. Un bloque de masa desconocida recibe un impulso hacia arriba en un plano inclinado

a 40º y después queda libre. Sigue ascendiendo por el plano (+) con una

aceleración de −9m/s2. ¿Cuál es el coeficiente de fricción cinética?

Ya que el bloque se mueve hacia arriba del plano, F está dirigida

hacia abajo del plano.

f = µkN ; ΣFy = 0; n = mg cos 400; f = µkmg cos 400

ΣFx = ma; –f – mg sen 400 = ma; –µkmg cos 400 – mg sen 400 = ma

a = –µkg cos 400 – g sen 400; –9 m/s2 = –µk(9.8 m/s2) cos 400 – (9.8 m/s2) sen 400

Resolviendo para µk se obtiene: µk = 0.360

*7-49. El bloque A de la figura 7-18 pesa 64 lb. ¿Cuánto debe pesar un bloque B si el bloque A

sube por el plano con una aceleración de 6 ft/s2? No tenga en cuenta la fricción.

ΣFx = ma: WB – WA sen 60º = (mA + mB) a

sen 60A B

B A

W WW W a

g

! "+# = $ %

& '

o ; 2

2

6 ft/s 0.188

32 ft/s

a

g= =

WB – (64 lb)(0.866) = 0.188(64 lb + WB)

WB – 55.4 lb = 12.0 lb + 0.188WB;

WB = 83.0 lb

N

6 kg

+ +

TB TA

TB TA

m3g m1g

m2g 8 kg

F

+ n

f

mg

400 400

T

T

WB

600

WA = 64 lb

+a N

600


*7-50. La masa del bloque B de la figura 7-18 es de 4 kg. ¿Cuál deberá ser la masa del bloque A

para que descienda por el plano con una aceleración de 2 m/s2? Ignore la fricción.

ΣFx = ma: mAg sen 600 – mBg = (mA + mB) a

(9.8 m/s2)(0.866)mA – (4 kg)(9.8 m/s2) = mA(2 m/s2) + (4 kg)(2 m/s2)

8.49 mA – 39.2 kg = 2 mA + 8 kg; mA = 7.28 kg

*7-51. Suponga que las masas A y B de la figura 7-18 son de 4 kg y 10 kg, respectivamente. El

coeficiente de fricción cinética es 0.3. Calcule la aceleración si (a) el sistema asciende

inicialmente por el plano inclinado y (b) si el sistema desciende inicialmente por dicho

plano.

(a) Con movimiento inicial hacia arriba, F va hacia abajo del plano

F = µkN ; ΣFy = 0; n = mAg cos 600; F = µkmAg cos 600

La fuerza resultante sobre el sistema = masa total × aceleración

mBg – mAg sen 600 – µkmAg cos 60° = (mA + mB)a

(10 kg)(9.8 m/s2) – (4 kg)(9.8 m/s2)(0.866) – 0.3(10 kg)(9.8 m/s2)(0.5) = (14 kg)a

98 N – 33.9 N – 14.7 N = (14 kg)a; o a = 3.53 m/s2

(b) Si el movimiento inicial es hacia abajo, entonces F va

hacia arriba del plano, pero la fuerza resultante aún está

abajo del plano. El bloque se deslizará hasta que se detenga

y entonces se mueve hacia otra dirección.

ΣFx = ma; mBg – mAg sen 60° + µkmAg cos 60° = (mA + mB)a

98 N – 33.9 N + 14.7 N = (14 kg)a; a = 5.63 m/s2

La aceleración más grande resulta de que la fuerza de fricción está incrementando la

fuerza resultante en lugar de estar disminuyendo como era en el caso en el inciso (a).

mBg

T

T 600

mAg

+a N

600

F

mBg

T

T 600

mAg

+a N

600

F

mBg

T

T 600

mAg

+a N

600

tippens fisica 7e soluciones 07

Documents