aporte .colaborativo fase 2.luddy
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8/18/2019 Aporte .Colaborativo Fase 2.Luddy
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Trabajo Colaborativo Fase 2
Actividad Individual
Orientado por:
Tutor del curso: ARNOL ORTIZ
Presentado por:
Ludy crdenas
!rupo participativo: "##$%2&2%'
(NI)*R+I,A, NACIONAL A-I*RTA . A ,I+TANCIA / (NA,
Abril 20 de 2#"1
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8/18/2019 Aporte .Colaborativo Fase 2.Luddy
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a. Un departamento de alimentación canina suministra tres tipos de alimento auna perrera municipal que mantiene tres razas para competición. Cadaperro de la raza 1 consume por semana, un promedio de una unidad del
alimento 1, una unidad del alimento 2 y seis unidades del alimento 3. CadaPerro de la Raza 2, consume cada semana un promedio de tres unidadesdel alimento 1, cuatro unidades del alimento 2 y una unidad del alimento 3.Para un Perro de la Raza 3, el consumo semanal promedio es dos unidadesdel alimento 1, una unidad del alimento 2 y cinco unidades del alimento 3.Cada semana se proporcionan a la perrera 250 unidades del alimento 1,200 unidades del alimento 2 y 550 unidades del alimento 3. Si se suponeque todo el alimento es inerido, !Cu"ntos perros de cada raza puedencoe#istir en la perrera$
Para la solución : es necesario i, primero plantear el sistema deecuaciones que representa la situación, el cual se puede describircomo:
Raza 1 2 3 unidadesalimento 1 1 3 2 250
alimento 2alimento 3
1
6
4
1
1
5
200
550
Se debe ahora solucionar por cualquiera de los métodos estudiados,
en éste caso se utilizará el método de Cramer.
Hallamos el determinante de la matriz principal:
D=|1 3 2
1 4 1
6 1 5|
1 3
1 4
6 1
=( 20+18+2 )−( 48+1+15)=40−64=−24
Ahora el determinante con respecto a x
D x=|250 3 2
200 4 1
550 1 5|
250 3
200 4
550 1
=( 5000+1650+400 )−(4400+250+3000 )=7050−7650=−600
El determinante con respecto a
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D y=|1 250 2
1 200 1
6 550 5|
1 250
1 200
6 550
=( 1000+1500+1100 )−(2400+550+1250 )=3600−4200=−600
! el determinante con respecto a z
D z=|1 3 250
1 4 200
6 1 550|
1 3
1 4
6 1
= ( 2200+3600+250)−( 6000+200+1650 )=6050−7850=−1800
Ahora por la re"la podemos concluir que:
x= D x
D
=−600
−24
=25 y= D y
D
=−600
−24
=25 z= D z
D
=−1800
−24
=75
Se puede concluir que se requieren 25 unidades de losalimentos 1 y 2, y 75 unidades del alimento 3.
%. Un &ia'ero reci(n reresado de )uropa astó en alo'amiento, por d*a, +300dólares en nlaterra, +200 en -rancia y +200 en )spaa. )n comidas, por d*a, astó +200 en nlaterra, +300 en -rancia y +200 en )spaa. /dicionalmente, utilizó +100 por d*a en cada pa*s en astos &arios. )l
reistro del &ia'ero indica que astó un total de +300 en alo'amiento, +3200en alimentación y +100 en astos &arios en su recorrido por estos trespa*ses. Calcule el nmero de d*as que permaneció el &ia'ero en cada pa*s omuestre que el reistro de%e ser incorrecto, pues las cantidades astadasson incompati%les entre s*.
SOLUC!"
#ara la solución del problema es necesario inicialmente plantear elsistema de ecuaciones que representa la situación, el cual se puede
describir como:
PAÍS I F E EUROS Alojamiento 300 200 200 3400
ComidaGastos
200
100
300
100
200
100
3200
1400
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Se #resentará la solución de éste e$ercicio haciendo uso del método
de Eliminación %aussiana, partiendo de la matriz ori"inal del sistema:
[300 200 200
200 300 200
100 100 100]3400
3200
1400
f 3=3 f 3−f 1
[300 200 200
200 300 200
0 100 100]
3400
3200
800
f 2=3 f 2−2 f 1
[300 200 200
0 500 200
0 100 100]
3400
2800
800
f 3=5 f 3− f 2
[300 200 200
0 500 2000 0 300
]3400
28001200
&ue"o de las operaciones elementales realizadas se deben construir
las ecuaciones que solucionarán cada una de las incó"nitas, de lasi"uiente 'orma:
300 z=1200
500 y+200 z=2800
300 x+200 y+200 z=3400
(e modo que de la primera ecuación podemos concluir que:
z=1200
300=4
Ahora reemplazando en la se"unda ecuación tenemos que:
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500 y+200 ( 4 )=2800 500 y=2800−800 y=2000
500=4
! ahora reemplazando los dos resultados anteriores en la terceraecuación ori"inal tenemos que:
300 x+200 ( 4)+200 (4 )=3400 300 x=3400−800−800 x=1800
300=6
Podemos concluir que el #ia$ero estu#o % d&as en n'laterra, (e )rancia y ( en *spa+a.
). *ncuentre una recta L orto'onal a las dos rectas dadas y quepase a tra#s del punto dado.
x+23
= y−1
4=
z
−5; L1
x−3
7
= y+2
−2=
z−8
3
L2 El e!to" di"e!to" de L1 es # 1= ( 3,4,−5 )
El e!to" di"e!to" de L2 es # 2=(7,−2,3)
El vector director de la recta perpendicular a estas dos rectas, va a ser ortogonal a V1 y a V2
simultáneamente. Para encontrarlo tenemos que hacer el producto vectorial, cuyo resultado
siempre da un vector ortogonal a los dos vectores que estamos calculando.
Recta g:
x+2$ $ % −1... z −−−−−¿−−¿" 3 $ $ $ $ 4 $ $ $ $−5
De aquí saco
x+2=3 " & x=2+3 " y−1=4 " & y=1+4 " z=−5 " & z=0−5 "
Establecer una ecuación vectorial para la recta g:
x .. ' .. 2 ....... 3 y '$= −1 +" ⋅ 4 z $ $ 0 ....... −5El mismo procedimiento con la recta h con el parámetro s:
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x .. −3 ........ 7 y .. 2 +s ⋅ −2 z .. −8 ....... 3
El producto vectorial:
2 −44 −34 La"e!ta(!on( ⊥) y ( ⊥* y P(1∨−3∨2)∈ ( :
x .. 1 ....... 1 y = −3 + t $ −22 z .. 2 ...... −17
Tienes un paralelepípedo (rectángulo).
En el área arriba se encuentra g (como diagonal),
en el área abajo la recta h (otra diagonal, no paralela a la recta g);
y una altura del paralelepípedo es recta k (con P).
Resultado
# 1 x# 2=(2,−44,−34)+ue sim,lifi!adoes : # =(1,−22,−17)$
Entonces, tomamos el punto que nos dan, y ya tenemos la ecuación, que es:
x−11
= y+3−22
= z−2−17