teorÍa propiedades problemas resueltos

CIRCUNFERENCIA

TEORÍA

PROPIEDADES – PROBLEMAS RESUELTOS

CIRCUNFERENCIA.- Es un lugar geométrico

de un conjunto de infinitos puntos que

equidistan de un punto situado en el

centro.

ELEMENTOS DE UNA CIRCUNFERENCIA

A B

Rectatangente

Recta

secante

Flecha o

sagita

Diámetro

AB( )

Centro

T

Punto de tangencia

Q

P

Radio

Arco BQ

Cuerda PQ

PROPIEDADES BÁSICAS EN LA CIRCUNFERENCIA

01.-Radio trazado al punto de tangencia es

perpendicular a la recta tangente.

LR

02.- Radio o diámetro perpendicular a una cuerda

la biseca (divide en dos segmentos congruentes).

P

Q

MQ PM PQ R

03.-Cuerdas paralelas determinan arcos congruentes

entre las paralelas.

A B

C D

mBDmAC CD // AB :Si

04.- A cuerdas congruentes en una misma circunferenciales corresponden arcos congruentes.

A

B

C

D

Cuerdas

congruentes

Arcos congruentes

Las cuerdas

equidistan del

centro

mCD mAB CD AB:Si

POSICIONES RELATIVAS DE DOS CIRCUNFERENCIAS

01.- CIRCUNFERENCIAS CONCENTRICAS.- Tienen el mismo centro.

r

d = Cero ; d : distancia

Distancia entre

los centros (d)

02.- CIRCUNFERENCIAS EXTERIORES.- No tienen punto en común.

d > R + r

R r

d = R + r

03.- CIRCUNFERENCIAS TANGENTES EXTERIORES.- Tienen Un

punto común que es la de tangencia.

R r

Punto de tangencia

Distancia entre

los centros (d)

d

d = R - r

04.- CIRCUNFERENCIAS TANGENTES INTERIORES.- Tienen un

punto en común que es la de tangencia.

d: Distancia entre los centros

R

r

Punto de

tangencia

05.- CIRCUNFERENCIAS SECANTES.- Tienen dos puntos comunes

que son las intersecciones.

( R – r ) < d < ( R + r )

Distancia entre

los centros (d)

06.- CIRCUNFERENCIAS ORTOGONALES.- Los radios son

perpendiculares en el punto de intersección.

d2 = R2 + r2

Distancia entrelos centros (d)

06.- CIRCUNFERENCIAS INTERIORES.- No tienen puntos comunes.

d

d < R - r d: Distancia entre los centros

1.- Desde un punto exterior a una circunferencia se puede

trazar dos rayos tangentes que determinan dos

segmentos congruentes.

PROPIEDADES DE LAS TANGENTES

AP = PB

A

B

P

R

R

2.- TANGENTES COMUNES EXTERIORES.- Son congruentes

AB = CD

A

B

C

D

R

R

r

r

3.- TANGENTES COMUNES INTERIORES.- Son congruentes.

AB = CD

A

B

C

DR

R

r

r

TEOREMA DE PONCELET.- En todo triángulo rectángulo, la suma

de longitudes de catetos es igual a la longitud de la hipotenusa

mas el doble del inradio.

a + b = c + 2r a + b = 2 ( R + r )

a

b

c

r

R R

Inradio

Circunradio

TEOREMA DE PITOT.- En todo cuadrilátero circunscrito a una

circunferencia, se cumple que la suma de longitudes de los

lados opuestos son iguales.

a + c = b + d

d

a

b

c

Cuadrilátero circunscrito

1.- MEDIDA DEL ÁNGULO CENTRAL.- Es igual a la

medida del arco que se opone.

A

B

C

r

r

= mAB

A

C

B

D

2.- MEDIDA DEL ÁNGULO INTERIOR.- Es igual a la

semisuma de las medidas de los arcos

opuestos

2

mCDmAB

A

B

C

3.- MEDIDA DEL ÁNGULO INSCRITO.- Es la mitad de la medida

del arco opuesto.

2

mAB

4.- MEDIDA DEL ÁNGULO SEMI-INSRITO.- Es igual al medida

del arco opuesto.

A

B

C

2

mAB

A

BC

2

mABC

1.- MEDIDA DEL ÁNGULO EX-INSCRITO.- Es igual a la mitad de

la medida del arco ABC.

A

B

C O

6.-ÁNGULOS EXTERIORES.- Son tres casos:

a.- Medida del ángulo formado por dos rectas tangentes.- Es

igual a la semidiferencia de las medidas de los arcos

opuestos.

+ mAB = 180°

2

mAB - mACB

A

B

C

O

D

b.- Ángulo formado por dos rectas secantes.- Es igual a la

semidiferencia de la medida de los arcos opuestos.

2

mCD-mAB

A

B

C

O

c.- Medida del ángulo formado por una recta tangente y otra

secante.- Es igual a la semidiferencia de las medidas de los

arcos opuestos.

2

mBC - mAB

50°70º+x

XR

S

Q

140°

2X

X + (X+70) + 50° = 180°

X = 30°

Por ángulo semi-inscrito PQS

Problema Nº 01

RESOLUCIÓN

P

xº702

x2º140PQSm

Reemplazando:

En el triángulo PQS:

Resolviendo la ecuación:

PSQ = xSe traza la cuerda SQ 2

mQRSPQSm

Desde un punto “P” exterior a una circunferencia se

trazan la tangente PQ y la secante PRS, si el arco RS

mide 140º y el ángulo QPS mide 50º. Calcule la

medida del ángulo PSQ.

20°

70°

X

X = 40°R

Q

En el triángulo rectángulo RHS

140° Es propiedad, que:

140° + X = 180°

Por ángulo inscrito

Problema Nº 02

RESOLUCIÓN

P

S

m S = 70º

Resolviendo:

PSQ = x

2

mQRº70 mQR = 140°


trazan la tangentes PQ y PR, luego en el mayor arco

QR se ubica un punto “S”, se traza RH perpendicular

a la cuerda QS, si mHRS=20º; calcule la mQPR.

x

130°

A

C

B

DX = 40°

2

50 130X

50°

Problema Nº 03

RESOLUCIÓN

PResolviendo:

APD = xMedida del ángulo interior

Medida del ángulo exterior

902

mBC130mBC = 50°


trazan las secantes PBA y PCD tal que las cuerdas

AC y BD sean perpendiculares entre sí; calcule la

medida del ángulo APD, si el arco AD mide 130º.

x

X = 18°

2

X 54X

M

N

54°

xx

Problema Nº 04

RESOLUCIÓN

PAB

APN = xSe traza el radio OM:

o

Dato: OM(radio) =

PMLuego triángulo PMO es isósceles

Ángulo central igual al

arcoMedida del ángulo

exterior

Resolviendo:

En una circunferencia, el diámetro AB se prolonga

hasta un punto “P”, desde el cual se traza un rayo

secante PMN tal que la longitud de PM sea igual al

radio, si el arco AN mide 54º. Calcule la mAPN.

x

70°

Medida del ángulo inscrito:

X = 55°

2

110X

A

B

C

PQ

R

110°

Problema Nº 05

RESOLUCIÓN

PRQ = x

Por la propiedad del ángulo

exterior formado por dos

tangentes:

Resolviendo:

70° + mPQ = 180° mPQ = 110°

En un triángulo ABC se inscribe una circunferencia

tangente a los lados AB, BC y AC en los puntos “P”,

“Q” y “R” respectivamente, si el ángulo ABC mide

70º. Calcule la mPRQ.

Calcule la medida del ángulo “X”.

Problema Nº 06

70°

B

A

X P

Resolución

RESOLUCIÓN



tangentes:

Medida del ángulo inscrito:

70°

B

A

X P

C140º

140º + x = 180º Resolviendo: X = 40º

2

mABº70 mAB=140º

Calcular la medida del ángulo “x”

Problema Nº 07

B

A

X P130º

Resolución

RESOLUCIÓN

B

A

X P130º C

Medida del ángulo

inscrito:En la

circunferencia:

260º



tangentes:

X = 80º

2

mABº130 mAB = 260º

mACB = 100º

mACB + x = 100º

260º + mACB = 360º

Calcule el perímetro del triángulo ABC.

Problema Nº 08

2

5 5

A

B

C

Resolución

Teorema de Poncelet: a + b = 10 + 2(2)

Luego el perímetro: (2p) = a + b + 10 = 14 +

10

(2p) = 24

RESOLUCIÓN

2

5 5A

B

C

a b

a + b = 14 (1)

(2)

Reemplazando (1) en (2) (2p) = 14 + 10

X

PLANTEAMIENTO

Q

R

S

80º Pa

a

Problema Nº 09

Desde un punto “P” exterior a una circunferencia se trazan la tangente PQ y la secante PRS de modo que los arcos SQ y SR sean congruentes. Si el arco QR mide 80º, calcular mQPR .

Resolución

2a + 80º = 360º

a = 140º

Medida del ángulo exterior:

Xa

80

2

140 80

2

º º ºX = 30º

En la circunferencia:

RESOLUCIÓN

X

Q

R

S

80º Pa

a

P

Q

R

S

2

3

PLANTEAMIENTO

Problema Nº 10En un cuadrilátero ABCD mQ = mS = 90º se traza

la diagonal PR. Los inradios de los triángulos PQR y

PRS miden 3cm y 2cm respectivamente. Si el

perímetro del cuadrilátero PQRS es 22cm. Calcule la

longitud de PR

Resolución

Teorema de Poncelet:

a b

c

d

PQR a + b = PR+2(3) +

a +b + c + d = 2PR + 10

PR = 6cm

Dato:

a + b + c + d = 22cm

PSR c + d = PR+2(2)

22 = 2PR + 10

RESOLUCIÓN

P

Q

R

S

2

3

teorÍa propiedades problemas resueltos

Documents