ejercicios resuelto de fluidos
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PROBLEMA N° 01
Ecuac. 1: A1. V 2 = A2. V2 = Q
π ¿¿
V2= 6m/s
Ecuac. Bernouli : P1γ
+V 12
2 g+Z1=P2
γ+V 22
2g+Z2
100KPa9810N /m3
+(1.5)2
2(9.81)= P29810 N /m3+
(6)2
2(9.81)+Z 2
10.308 = P2
9810N /m3 + 1.835
(10.308 – 1.855) * 9810 = P2
P2 = 8.47
∆ F=ρQ (V 2−V 1)
P1 A1 – Fx –P2 A2 = 1000 kg/m3(0.11m3
s)(6−1.5)
1000 KPa¿ (0.071m2)−Fx−(8.47 Nm2 ) (0.018 )=−825N
7100N−Fx−0.15N=−825N
−Fx=−825N+0.15N−7100 N
Fx=7924.85N
Fx=7.92KN
PROBLEMA N° 02
Volumen de control:
Rx+∫ .c∫∫ .vBx ρdv=V x ( PV∗dA)
Patm A p+R x=−V xPas
R x=−¿
La reacción:
R x=23.2N
Volumen de control:
El momento E.C en dirección a “x”
Fx=−PV x2 A1= (1000 )¿
Fx=−25.2
PROBLEMA N° 03
Momento lineal en dirección “n” :
∯ .c .vTndA+∯ .c .vV n ρdv=∯ .c . vvn Pv dA+ ddt
vnPdv
Rn=5 sen30 (999.7 ) (5 )( π4)¿
Rn=−24.54
PROBLEMA N° 04
En los puntos 2 y 3 aplicamos la ecuación Bernoulli
P1γ
+V 12
2 g+Z1=P2
γ+V 22
2g+Z2
V 22
2g=Z3−Z 2
V 22=√ (6 ) (2 )(9.81)
V 22=10.85m /s
Bernoulli en los puntos 1 y 2
P1γ
+V 12
2 g+Z1+M B=
P2γ
+V 22
2 g+Z 2+HB
P1−33120lb / pie2
60.26lb / pie3+¿¿
25 pies+3.40 pies−552 pies+0.051 pies+AB
HB−551 pies=14.66 pies
HB=700.61 pies
P=γ Q H
P=(60.16 pie3 )( 0.089 pie3
seg)(700.61 pie)
P=6.84Hp
PROBLEMA N° 05
P1=−2.30 lb / pulg2 relativaP1=−2.30 lbpulg2
∗144 pulg2/1 pie2P1=7200 lb / pie2
γ=60 lbpie2
∗144 pulg2/1 pie2
∅ 1=3 pulg∗1 pie /12 pulg
∅ 1=0.25 pie
∅ 2=2 pulg∗1 pie /12 pulg
∅ 1=0.167 pie
A1∗V 1=Q
π (0.25 pie2)4
∗V 1=0.089pie∗38
V 1=1.81 pie /seg
A2∗V 2=Q
π (0.167 pie2)4
∗V 2=0.089 pie /seg
V 2=4.06 pie /seg
PROBLEMA N° 06
Sg = 0.825
Q = 0.060 m2/s
hl = 4.60 N*m/N
∅
∅ 1=3 pulg∗0.3048m /12 pulg
∅ 1=0.076m
Ecuacion de continuidad
AA∗V A∗Q=AB∗V B
π (0.076 cm.)4
V B=0.060m2/s
V B=13.23m /s
P Aγ
+V A2
2g+Z A=P B
γ+V B2
2 g+Z B+hl
ZA−ZB−V B2
2 g−hl=P B
γ
P Bγ
=17m ¿¿
PB=28.09 KPa
PROBLEMA N° 07
hl=? ?
P=37 hp
∅ 1=8 pulg∗1 pie / pulg
∅ 1=0.67 pies
Q=1000 (
14pie3
seg)
Q=2.25 pie3
seg
Q=A∗V
2.25 pie3
seg=π ¿¿
V A=6.33Pie/seg
P=γ Qhp
hp= pγQ
hp=( 37hp
(62.4 lbpie3 )(2.23 pie
3
seg )) 550 pie. lb /cm1Hp
hp=146.24 pies
PROBLEMA N°08
Momento lineal
∯ .c .v T xd A+∰ .c. vB x ρ dV=∯ .c .vV x (PV d A )+ dγ
∭ .c. vV xPdv
R x=(250000+101.325)( π4)¿
¿−(3)(1000)( π4)¿
PROBLEMA N° 09
PA=5 lbpulg2
∗144 pulg2
pie2
PA=0.81 pie . lb=8 pulg−1 pie12 pulg
=0.67
V A AA=Q
AA=π ¿¿
V A=6.17 pie /seg
Q=1500 ( 1419
pie3
seg)
Q=3.34 pie3
seg
Q=0.67 pie
h1=A=0.65 pie lblb,Z1=h
Ecuacion de la energia
P1γ
+V 12
2 g+Z1=P A
γ+V A2
2 g+Z A+H A
h=720 lb
pie2
62.4 lbpie3
+(6.17 pie
seg)2
2¿¿
PROBLEMA N° 10
Ecuación momento en dimensión x:
( γ ) (6 ) (12 ) (9 )−( γ )( 12 ) (1 ) (9 )+Rx=P ¿
Ecuación de continuidad:
V 2=( 122 )(0.3 )=360m /seg
R x=−60.3KN
K r=6.203 KN
PROBLEMA N° 11
El método del momentum T agua=−35.01K N .m
M B+M B=∯ .c. vr . r PV−dA
Momento fuera del punto E:
T agua+(12 )(−i ) (1 ) (1.290∗10−6 ) (9.806 ) (− i)+(−1 j−3 j)(0.6)¿
¿ (−13 i−0.6 j )(−0.061.290
∗10−6)(1000)(0.006)
PROBLEMA N° 13
V 32
2+0
P2P
=V 32
2+0+(9.806)(20)
1000+dagua
dm
P2P
=50 gV 32
2
50 gV 22
2=
(9.806)(20)1000
+dagua
dm
V 2=500
(1000)(π )¿¿¿
dagua
dm = 291.8 N.m/kg
dagua
d t=( dagua
dm)( dagua
d t)
¿ (2.918 ) (500 )=145.9K /agua
PROBLEMA N° 14
SOLUCION
Pot. Bomba = Qx γx H75
=0.005 x 1000 x 56.175
=3.74cv
Pot. Accionamiento = Pot .Bomba
n=3.740.75
=4.99cv
Averiguamos la velocidad:
V = QA =
4 (0.005)π (0.075)2
=1.31 mseg.
→ Calculando Rugosidad:
ɛ1´= ɛD1
=0.002
→ Calculando Re:
Re1= V 1 xD 1
v=¿ 9.8x104
→ Entoncesf 1 :
f1=0.025
Ecuación de la Energía
Zc +Pcγ
+Vc2
2g= f 1
Lc
Dc Vc
2
2 g+2k V 2
2g + Zb +
Pbγ +Vb
2
2g ………….. Pb = 29.48Kg/m2
PROBLEMA N° 15
SOLUCION:
→ Calculando la P. manometrica:
P. absoluto = P. manométrica + P. atmosférica
0.82 = P. manométrica + 10
P. manométrica = 9.12 m.c.a.
→ Calculando la velocidad:
V = QA =
4 (0.00125)π (D)2
= 0.005π (D)2
m /s
→ Calculando las perdidas hp (Suponemos f 1= 0.018)
Hp = f 1L1D1
V 1
2
2g + 0.5 +4
Hp =0.0184D1
0.000025π2D 42g
+ 0.5 +4
Hp =0.0000000093
D5 + 0.5 +4
Ecuación de la Energía
Zb +Pbγ
+Vb2
2g=¿ Za +
Paγ +Va
2
2g +Hp
78.43= 1+0.0000000093
D5 + 0.5 +4
D = 0.0105m
D=1.05 cm ------> D=0.41”
PROBLEMA N° 16
Se conectan en serie dos tuberías lisas de 150 y 100 mm cuyos ejes están en un mismo plano horizontal. La tubería de 100mm tiene 20m de longitud y termina en un depósito en que el nivel de agua se halla 4m por encima del eje de la tubería. En la tubería de 150mm, 20 aguas arriba de la unión con la otra tubería la presión es 2.5 bar. Temperatura del agua 10°C. Calcular el caudal.
Tabla de Weisbach:
K=[ 1cc−1]2
=0.27
K e=0.5 ; K3=1−→hloc=1.77m
hloc=0.5V 1
2
2g−→V 1=8.33
ms
V 2=V 1(D1
D2)2
−→V 2=18.74ms
ℜ1=8.33 m
sx0.15m
1.30 x 10−6m2
s
=9.61 x105 ; f 1=1
(1.81 logℜ−1.5 )2=0.011
ℜ2=18.74 m
sx 0.10m
1.30 x 10−6 m2
s
=1.44 x 105; f 2=1
(1.81 logℜ−1.5 )2=0.02
Q=V . A−→Q=0.15m3
s
PROBLEMA N° 17
Entre dos depósitos que mantienen un desnivel de 40 m circula agua por tres tuberías en serie de 200, 150 y 100 mm de diámetro respectivamente, cada una de 400 m de longitud. Todos los cambios de sección son bruscos. En todas las tuberías f=0.02 .
Calcular:
1) el caudal
2) trazar la línea de energía en los dos casos siguientes:
a) despreciar las perdidas secundarias.
b) teniendo en cuenta estas pérdidas.
Q1=Q2 → V2=V1(D1
D2)2
; Q1=Q3 → V3=V1(D1
D3)2
ZA-ZB=K1V 1
2
2g+ f 1
L1D1
V 1
2
2g+ K2
V 12
2g+ f 2
L2D2
V 2
2
2g+ K3
V 22
2g+ f 3
L3D3
V 3
2
2 g+K4
V 32
2 g
ZA-ZB=K1V 1
2
2g+ f 1
L1D1
V 1
2
2g+ K2¿¿¿+ f 2
L2D2
V 1
2
2g(D1
D2)4
+ K3¿¿¿ V 1
2
2g(D1
D3)4
+K 4V 1
2
2 g(D1
D2)4
ZA-ZB=K1V 1
2
2g+ f 1
L1D1
V 1
2
2g+ K2
V 12
2g(1−(
D1
D2)2
)2
+ f 2L2D2
V 1
2
2g(D1
D2)4
+ K3V 1
2
2g(1−(
D1
D3)2
)2
+¿
f 3L3D3
V 12
2g(D1
D3)4
+K 4V 1
2
2 g(D1
D2)4
ZA-ZB =
V 12
2g [K1+ f 1L1D1
+K2(1−(D1
D2)2
)2
+ f 2L2D2
(D1
D2)4
+K3(1−(D1
D3)2
)2
+ f 3L3D3
(D1
D3)4
+K4(D1
D3)4 ]
40 =V 1
2
2g [0.5+0.02 4000.2 +1(1−( 0.20.15
)2
)2
+0.02 4000.15
( 0.20.15
)4
+1(1−( 0.20.1
)2
)2
+0.02 4000.1
( 0.20.1
)4
+1(0.20.1
)4]
V 1=0.72m /s → Q = A1 V1 =0.031x0.72=0.023 m3/s
V2=V1(D1
D2)2
=1.28m /s ; V3=V1(D1
D3)2
=2.88m /s
PROBLEMA N° 18
Se trasvasa agua de un depósito a otro por unión brusca de dos tuberías de fundición corriente nuevo en serie, una 200 mm y 25m de longitud y la otra 400 mm y 50m, en la cual hay además instalada una válvula de compuerta media abierta. La diferencia de nivel del agua en ambos depósitos abiertos a la atmosfera es de 10 m. La temperatura del agua es de 200C. Calcular el caudal.
Tubería fundición corriente nuevo: ɛ=2.5x10-5 m ; D1=0.2m, L1=25m, D2=0.4m, L2=50m Temperatura 200C : v=1.02x10-6m2/s
ɛ1´= ɛD1
=0.0013, ɛ2´= ɛD2
=0.0006 ; donde: Q1=Q2 → V2=V1(D1
D2)2
f1=0.0205 , f2=0.0175
ZA-ZB=K1V 1
2
2g+ f 1
L1D1
V 1
2
2g+ K2
V 12
2g+ f 2
L2D2
V 2
2
2g+ K3
V 22
2g
10=K1V 1
2
2g+ f 1
L1D1
V 12
2g+ K2
V 12
2g+ + f 2
L2D2
V 1
2
2g(D1
D2)4
+ K3V 1
2
2g (D1
D2)4
10=V 1
2
2g [K 1+ f 1L1D1
+K2+f 2L2D 2
(D1
D2)4
+K3(D1
D2)4]
10=V 1
2
2g [0.5+0.0205 250.2+0.095+0.0175 500.4 ( 0.20.4
)4
+1( 0.20.4
)4]
V1=7.64ms , V2=7.64( 0.2
0.4)2
=¿ 1.91ms → Q=A*V=π ¿¿ → Q=0.24m
3
s
PROBLEMA N° 19 En el punto B dista 180 m de recipiente. Si circulan 15 l
seg de agua, calcular
(a )la perdida de carga debida a la obstruccion parcial C y (b ) la presion abasoluta en B.
V=QA
=0.015 x 4π (0.15 )2
=0.849
Bernoulli entre A-D
ZA+PA
γ+V A
2
2g=ZD+
PD
γ+V D
2
2g+h f+ f
LD
V D2
2g
ZA=V D
2
2g+h f+ f
LD
V D2
2g
h f=6m−(0.849 )2
19.62−[0.025 x 700m0.15m
(0.849 )2
19.62 ]=1.68mBernoulli entre A-B
Presion absoluta A-B
ZA+PA
γ+V A
2
2g=ZB+
PB
γ+V B
2
2g+hf
P A
γ=P . Atmosfericaa=10.34m
ZA=0.6m
V B=0.849ms
PB
γ=Z A+
PA
γ−f L
DV B
2
2g−V B
2
2g
PB
γ=0.6m+30.34m−0.025 x 18m
0.15m
(0.849 )2m2
s2
19.62ms2
−(0.849 )2 m
2
s2
19.62ms2
PB
γ=9.8m ,PB=9.8mx1000 k g
m3=0.98kgcm2
PROBLEMA N° 20 A través del sistema mostrado fluye agua a 38º C. Las tuberías de fundición asfaltada y sus longitudes 50 m la de 7.5cm y 30 m la de 15 cm. Los coeficientes de perdida de los accesorios y válvulas son: Codos de 7.5 cm, K ¿0.40 cada uno; codo de 15cm, K¿0.60 y válvula de 15 cm, K¿3.0. Determinar el caudal.
ZA-ZB=K1V 1
2
2g+2K 2
V 12
2g+K 3
V 22
2 g+K4
V 22
2 g+¿ f 1
L1D1
V 1
2
2g+ f 2
L2D2
V 2
2
2g + K 5
V 22
2g
7.5=K1V 1
2
2g+ 2K 2
V 12
2g+K 3
V 12
2 g(D1
D2)4
+K4V 1
2
2g(D1
D2)4
+ f1
L1D1
V 12
2g+ f 2
L2D2
V 1
2
2g(D1
D2)4
+ K3V 1
2
2g (D1
D2)4
7.5=V 1
2
2g [K1+2K2+K3(D1
D2)4
+K 4(D 1
D 2)4
+f1
L1D1
++ f 2L2D2
(D1
D2)4
+K 3(D1
D2)4]
7.5=V 1
2
2g [0.5+2(0.9)+0.9( 0.0750.15)4
+0.9( 0.0750.15
)4
+ f1
500.075
++ f 2300.15
(0.0750.15
)4
+1( 0.0750.15
)4 ]
7.5=V 1
2
2g [2.475+666.67 f 1+12.5 f 2 ]
Temperatura a 380C: v=0.661x10-6m2/s; D1=0.075m, L1=50m, D2=0.15m, L2=30m
Tuberías son nuevas de fundición asfaltada: ɛ=1.2x10-4 m
ɛ1´= ɛD1
=0.0016 → f1=0.021 ; ɛ2´= ɛD2
=0.0008 → f2=0.0175
7.5=V 1
2
2g[2.475+666.67 x 0.021+12.5x 0.0175 ]
V 1=8.81ms
→ V2=8.81( 0.0750.15
)2
=¿ 2.20ms
Calculando Re:
Re1=V 1 x D1
v=8.81 x0.0750.661 x10−6=1 x10
5 → f1=0.021
Re2=V 2 xD 2
v= 2.2 X 0.150.661 x10−6=4.99 x10
5 → f2=0.0192
7.5=V 1
2
2g[2.475+666.67 x 0.021+12.5x 0.0192 ]
V1=4.1ms
, V2=4.1( 0.0750.15
)2
=¿ 1.03ms
→ Q=A*V=π ¿¿→ Q=0.018m3
s →Q=18
ls
PROBLEMA N° 21
En una seccion transversal de una tuberia hprizontal de 100mm un manometro marca altura de presion de 15m ; 20m aguas abajo se conecta una tuberia de 50mm y 30m de longitud. Ambas tuberias son de fundicion. La ultima esta conectada a un tanque hermetico en cuyo nivel superior reina una altura de presion de 5m. El eje de la tuberia se encuentra 5m por debajo del nivel del
liquido en el deposito. Todas las transiciones son bruscas y v=0.25 x10−4m2
s.Calcular el caudal.
E1´= E
D=0.0025−→f=0.025
E2´ = E
D=0.005−→f=0.03
C1=L1D1
=200 ;C1=L2D2
(D1
D2)4
=9600
C3=K e+[1−( D1
D2)2]2
+K3(D1
D 2)4
=25.36
H=V 12
2g [C1 f 1+C2 f 2+C3 ]
V 1=√ H .2 . gC1 f 1+C 2 f 2+C3
−→V 1=1.28msy V 2=5.12
ms
ℜ1=V 1D1
v=5.1x103−→f =0.04
ℜ2=V 2D2
v=1x 104−→f=0.038
Recalculando las velocidades:
V 1=√ 5 x2 xg200 (0.04 )+9600 (0.038 )+25.36
−→V 1=0.496ms
Q=V 1. π .D12
4−→Q=3.88 x10−3m3
s
PROBLEMA N° 22
Agua 10ºc fluye a una rapidez de 900 l/min desde el recipiente y a través del conducto que se presenta en la fig. 9.14 calcule la presión en el punto B tomando en cuenta la perdida de energía debido a la fricción y despreciando otro tipo de pérdidas.
PA=0 ,V A=0 ,Q=900 lmin
=0.015m3
s,∅=4 pulg=0.016m
Q=A∗V
0.015 m3
s= π4
¿
V=1.85m / s
Pnγ
+V A2
2g+Z A=P B
γ+V B2
2 g+Z B+hl
P Bγ
=Z A−V B2
2g−γ
lb∗V 2
2g
PB=12m−0.174m−0.0165 (80.5)¿¿
PB=1000kgm3 (9.81
ms2
)(9.545)
PB=93.64KNm2