concurso1 solucionario 6to grado
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Solucionario 6to. grado de Primaria
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SOLUCIONARIO DE 6to GRADO DE PRIMARIA
Razonamiento Matemático
1. Cuando tenemos dos conjuntos A y B como en la figura.
El conjunto A – B corresponde a la parte sombreada.
Por tanto, la parte sombreada del problema corresponde al conjunto P – N U M
Clave: B
2. Haciendo el diagrama de A U B usando las condiciones dadas, se tiene:
Entonces: A= {1, 2, 3} Clave: B
3. Haciendo el diagrama adecuado con los datos
dados obtenemos que hay 103 alumnos que practican alguno de esos deportes. Por tanto 120 – 103 = 17 son los alumnos que practican un deporte diferente.
Clave: B
4. Sea x el número de días que trabaja el
ayudante, luego 30 – x será el número de días que no trabaja; por tanto, tendremos que: 25x + 4 (30 – x) = 603
Luego: 21x = 483
Así que x = 23 y por tanto el ayudante no trabaja 7 días.
Clave: C
5. Las piezas de tela tienen 60 m, 430 m y 320 m. La longitud de los trozos de tela buscados, corresponderá al MCD de esos números.
Como 60 = 6 x 10, 430 = 43 x 10 y
320 = 32 x 10 y como 6, 43 y 32 no tienen otro divisor común, entonces 10 será el MCD y por tanto los trozos de tela tendrán 10 m de longitud y las cantidades serán 6 de la primera pieza, 43 de la segunda y 32 de la tercera.
Clave: A
6. El cuadro representa una operación binaria
asociativa en el conjunto {0, 1, 2 3}, así si , a,b 0,1,2,3 , a b 0,1,2,3 .
Debemos usar la tabla del cuadro para determinar el número. De la tabla vemos que 2 0 = 0 2 = 0
Luego, 3 (2 0) = 3 0 = 3
Finalmente 1 3 = 0. Clave: C
7. - Como 0,3 > 0,1 entonces de la fórmula
vemos que
0,3 0,1 = (0,3)x(0,1) 0,03 0,0075
4 4
- Como 3,4 < 3,9 entonces de la fórmula
vemos que
3,4 3,9 = (3,4)x(3,9) 13,26 4,423 3
Clave: A
8. Un análisis rápido del problema, indica que se trata de una regla de tres simple directa, que se plantea en el diagrama. 200 kg ----- 5c ----- 6 días x kg ----- 20c ----15 días
Así que 200 x20 x15x 200x10 2000
5 x6
Luego se necesitarán 2000 kg para alimentar 20 caballos por 15 días.
Clave: B
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9. Denotamos por b la longitud de la base y por h la longitud de la altura de dicho triángulo.
b xhA2
Si la base disminuye en 20%, su nueva
longitud será 20 b 4b b b b100 5 5
.
Su nueva altura, para que el área no varíe
será m mh h 1 h100 100
Así que debemos tener:
1 4 m bhb 1 h2 5 100 2
4 m1 1 m 255 100
Su altura deberá aumentar en 25%.
Clave: A
10. Del gráfico vemos que de los 30 alumnos a 4
le gustan los gatos, 6 prefieren los hámster, 2 los loros y 10 los perros.
Por tanto, el porcentaje de los alumnos que
prefiere a los hámster es:
6 x100 2030
Luego el 20% de alumnos del 6to año prefiere a los hámster.
Clave: D
11. Del dibujo vemos que las regiones blancas
corresponde a 14
del interior de una
circunferencia; en consecuencia, el área de la figura sombreada es:
2
21A 2x2 4 4 m4
Por tanto 2A (4 )m Clave: D
12. Al lanzar la moneda y el dado, podemos obtener las siguientes situaciones que se consignan en el cuadro siguiente:
Vemos que hay 3 posibilidades de que salga cara y un número par en 12 lanzamientos;
luego la probabilidad es 3 1
12 4 .
Clave: B
13. Sean m, n y p el número de caramelos que
tienen los 3 hermanos; entonces se tiene que:
m n 30
n 25 pn p 25 (45 p) (25 p) 30
m 45 pm p 45
70 2p 30 2p 40, p 20
Así el tercer hermano tiene p = 20 caramelos.
Clave: C
14. Según la condición del problema, debemos
tener 320 x 480 = 2(nr2 + mr2), donde r es el lado del cuadrado, con r el mayor posible. 2n y 2m serán los cuadrados de cada color. Por tanto:
2 5 4
4 2 2
2
2(m n)r (2 x10)(2 x3x10)2(2 x10) x3 2(160) x36x(160)
Luego, el lado de cada cuadrado será 160 cm.
Clave: A
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15.
De la figura vemos que 1A T4
, donde T es
el área del cuadrado mayor. 1 1 1 1 1 1B A T; C A T; D C T2 8 4 16 4 64
Luego
Clave: C
Matemática
16. Sea P la población encuestada, entonces: 50 P
100 consume el producto A
37 P100
consume el producto B
40 P100
no consume ni A ni B
Luego consumen el producto A y el producto B
50 37 40 100 127 100 27P P P P P P
100 100 100 100 100 100
Luego consumen A y B el 27% de la población.
Clave: A
17. Sea b la base, entonces 2 23 0.b 1.b 52 b 3 52
Luego 2b 49 ; por tanto, b 7 Clave: A
18. Digamos que el alumno responde correctamente q preguntas, entonces
(50 – q) están equivocadas. Por lo tanto: 2q (50 q) 64 q 38
Clave: A
19. Sea m < 110, el número de caramelos que se quiere repartir.
Las condiciones del problema dicen que: o
m 3 2 , o
m 5 4 , o
m 7 6
Esto es
om 2 3 ,
om 4 5 ,
om 6 7
Buscaremos m < 110 que satisfaga esas 3 condiciones. Probando vemos que:
m 2 3x35 105
m 4 5x21 105
m 6 7x14 98
Y verificamos que m 98 6 104 es el único número que satisface las 3 condiciones anteriores.
Clave: A
20. Los tres amigos se vuelven a encontrar cuando 5m = 8n = 10l donde m, n, l son enteros y toman sus menores valores posibles. Vemos que para m = 8, n = 5 y l = 4 se cumple esa igualdad; por lo tanto, se encontrarán en el consultorio en 40 días. Como se encuentran la última vez el 15 de enero, transcurrirán entonces 16 días del mes de Enero y 24 días del mes de Febrero.
Clave: C
21. Se tiene que 31 7x4 3 como el único sumando de ( 47x4 3) que no es múltiplo
de 7 es 43 81 y 81 7x11 4 , luego el residuo es 4.
Clave: B
22. 7a1 múltiplo de 3 implica que
o8 a 3
Que se cumple para a =1, a = 4 y a = 7.
Luego, la suma de todos esos valores es 12.
Clave: C
1 1 1 1A B C D T T T T4 8 16 64
1 1 1 1 T4 8 16 64
T 29(16 8 4 1) T64 64
29A B C D T64
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23. Denotemos con n el número de preguntas del examen y denotemos por p el número de preguntas que contestó. Entonces tenemos que (n – p) es el número de preguntas que no contestó. La condición del problema dice:
4p n p 9p 4n5
Luego 4p n9
; esto es, contestó los
49
del examen.
Clave: A
24. Sea f 0,444... 10f 4,444... , luego 10f –
f = 4, así que 4f9
Sea ahora g 5,4 5,444...
10g 54,444...
9g 49, esto es 49g9
75,4 g3
Luego:
4 7 25 50,44... 5,4 1,69 3 9 3
Clave: B
25. Sea m el número de kilos del café de 7,5 soles el kilo, entonces 10 – m será el número de kilos de café de 9,3 soles. Entonces tendremos: m(7,5) (10 m)(9,3) 10(8,4)
91,8 m 9 m 51,8
Así usaremos 5 kilos de cada tipo de café.
Clave: A
26. Sea d la cantidad de dinero que tiene
Carmen, pierde entonces 20 1d d100 5
.
Le queda por tanto 4 d5
Pero gana 30 4 30d 6dd100 5 25x5 25
Cuando se retira del casino tiene:
4 6dd 10405 25
26 d 1040 d 100025
Clave: B
27.
Propiedad de un triángulo
2 2 x 180
Como 1 2L / / L se tiene que: 3 3 180º
60º
Por lo tanto x = 60º
Clave: D
28. Si trazamos la otra diagonal del cuadrado, observamos que, la suma de esas áreas
sombreadas es justamente 14
del área del
cuadrado, esto es 21 324
2 2 21 132 2x16 16 256
4 4
Clave: C
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29.
Sabemos que 1V Bh3
Donde 2 2
2 d dB r2 4
Donde d es la longitud del diámetro.
Luego, 21 d h 500
3 4
2d h 50012
; pero h = 15 cm
Así que 2
2d x15 500 d 40012
,
así que d = 20 cm.
Clave: C
30. Sabemos que 1csc sen30ºcsc30º 1
sen
.
También sabemos que como 40º + 50º = 90º y 70º + 20º = 90º entonces cos50º sen40º y cot70º tan20º.
Luego sen40º tan20º 1cos50º cot70º
Por tanto n = 0
Clave: A