termodinamica, ejemplo ed smith
DESCRIPTION
EjemploTRANSCRIPT
División de Ing. en Industrias Alimentarias 14 de octubre
Ejemplo 5.4. (1ª Ed. Smith / Van Ness)
¿Cuál es el cambio de entropía de 1 lbmol de un gas ideal que se encuentra inicialmente a 120°F y a una presión de 10 atm y que se expande irreversiblemente a 1 atm y 70°F? La capacidad calorífica molar es igual a 7 BTU/lbmol °F.
Solución.
a). Suponer una primera etapa de expansión isotérmica a 1 atm.
dW=TdS … recordar la fórmula XII …
dWT
=dS ∫ dS=∫V 1
V 2PdVT
por la ley general del estado gaseoso…
P=nRTV
∫ dS=∫V 1
V 2nRTV
dVT
=nR∫V 1
V 2
dVV
∆ Sa=nR lnV 2V 1
[ larelaciónde volúmenes puedereemplazarse por larelación inversade las presiones ]∆ Sa=nR ln
P1P2
b). suponer ahora un enfriamiento a presión constante
∆ Sb=∫ dQT
=∫ CpdTT
=nCp lnT 2T 1
Cálculo de entropía total…
∆ STOTAL=∆ Sa+∆Sb
∆ STOTAL=nR lnP1P2
+nCp lnT2T1
∆ STOTAL=[ (1 lbmol) (1.986 BTUlbmolR ) ln 101 ]+[(1lbmol )(7 BTUlbmolR ) ln 529.67579.67 ]M.E.M. Heladio Gabriel Méndez Prince 1
División de Ing. en Industrias Alimentarias 14 de octubre
∆ STOTAL=4.57293BTUlbmol R
+(−0.6314 BTUlbmolR )∆ STOTAL=3.9415
BTUR
SEGUNDO MÉTODO.
a) Otro camino para producir el cambio deseado consiste en expandir el gas a temperatura constante (proceso isotérmico) hacia el volumen final V2.
Supone el mismo proceso del inciso a del método anterior…
∆ Sa=nR lnV 2V 1
b) Ahora enfriamiento a volumen constante (proceso isocórico) hasta la temperatura final T2.
∆ Sb=∫T1
T2dQT
=∫T1
T2C v dTT
=nCv lnT2T1
Es necesario introducir una igualdad exclusiva para los gases ideales…
CP - CV = R
∆ Sb=∫T1
T2dQT
=∫T1
T2C v dTT
=n(CP−R)lnT2T1
De manera que para el proceso total se tiene…
∆ STOTAL=∆ Sa+∆Sb
∆ STOTAL=nR lnV 2V 1
+n (CP−R) lnT 2T 1
….. (i)
La expresión anterior calcula la entropía de un gas ideal en términos de las propiedades de un estado inicial y otro final, de manera que por la ley general del estado gaseoso…
P1V 1T 1
=P2V 2T 2
despejando la relación V 2V 1
…
M.E.M. Heladio Gabriel Méndez Prince 2
División de Ing. en Industrias Alimentarias 14 de octubre
P1T 2P2T 1
=V 2V 1
Sustituyendo en i …
∆ STOTAL=nR lnP1T 2P2T 1
+n (CP−R) lnT 2T 1
∆ STOTAL=nR lnP1P2
+nR lnT 2T 1
+n(C P−R) lnT 2T 1
∆ STOTAL=nR lnP1P2
+nR lnT 2T 1
+nCP lnT 2T 1
−nR lnT2T1
∆ STOTAL=nR lnP1P2
+nCP lnT2T1
Resolviendo para valores…
∆ STOTAL=(1lbmol )(1.986BTUlbmolR
) ln101
+ (1lbmol )(7 BTUlbmolR ) ln 529.67579.67
∆ STOTAL=4.85−0.63=3.95BTUlbmolR
TERCER MÉTODO.
Recurriendo a la metodología observada en temas anteriores, en la primera etapa enfriaremos a volumen constante para cambiar de 10 a 1 atm.
En la segunda etapa calentaremos a presión constante para llegar a los 70°F.
En la primera etapa es enfriar a volumen constante…
∆ Sa=∫T1
T2dQT
=∫T1
T2C v dTT
=n(CP−R)lnT2T1
M.E.M. Heladio Gabriel Méndez Prince 3
División de Ing. en Industrias Alimentarias 14 de octubre
Para la segunda etapa, calentamos a presión constante…
∫ dS=∫V 1
V 2PdVT
= ∫V 1
V 2nRTV
dVT
=nR∫V 1
V 2dVV
Para la entropía total…
∆ STOTAL=n (CP−R ) lnT 2T 1
+nR∫V 1
V 2dVV
∆ STOTAL=n (CP−R ) lnT 2T 1
+nR lnV 2V 1
Recordando la igualdad para los gases ideales…
P1T 2P2T 1
=V 2V 1
∆ STOTAL=n (CP−R ) lnT 2T 1
+nR lnP1T2P2T1
∆ STOTAL=n (CP−R ) lnT 2T 1
+nR lnP1P2
+nR lnT 2T 1
∆ STOTAL=nCP lnT 2T 1
−nR lnT2T1
+nR lnP1P2
+nR lnT2T1
∆ STOTAL=nCP lnT 2T 1
+nR lnP1P2
Evaluando la última ecuación…
∆ STOTAL=(1lbmol )(7 BTUlbmolR ) ln 529.67579.67+(1 lbmol )(1.986
BTUlbmolR
) ln101
∆ STOTAL=−0.63+4.85=3.95 BTUlbmolR
M.E.M. Heladio Gabriel Méndez Prince 4