tercer examen parcial Área matematica fecha 14-09-2009
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Tercer Examen Parcial Área Matematica Fecha 14-09-2009TRANSCRIPT
UNIVERSIDAD MAYOR DE SAN ANDRÉSFACULTAD DE INGENIERÍA
CURSO PREFACULTATIVO – GESTIÓN II / 2009TERDCER EXAMEN PARCIAL ÁREA: MATEMATICA
FECHA: 14/09/2009TIEMPO DE DESARROLLO DEL EXAMEN: 90 MINUTOS
FACULTAD DE ING ENIERÍA
F IUMSA
En cada uno de las preguntas, responda INDICANDO el inciso de la respuesta correcta EN LA PLANTILLA DE RESPUESTAS colocada en la parte inferior de este examen. Valor por pregunta 10%.
1. Dados los puntos colineales A,B,C,D,E y F, tales que: mDFCEBDAC 72=+++ y .45
AFBE = Calcular
.AF
A) 65m B) 56m C) 45m D)32m E)60 F)67m
2. Siendo βα y las medidas de dos ángulos. Entonces la suma del complemento de α con el suplemento de
α2 es igual a 3/2 del complemento de β y º.20=− βα Se pide calcular el complemento de .α
A) 70º B) 65º C) 20º D) 60º E) 54º F)75º
3. Si se tiene de dato el lado L del cuadrado, el área sombreada región resulta:
A) 223
3L
+π
B) 23
3L
−π C) 2
23
32
L
−π
D) 223
32 L
−π
E)2
23
3L
−π
F) 22
333
L
−π
4. En un triángulo ABC, sus ángulos son: º40=B�
, º24C =�
Hallar el ángulo que se forma entre la altura y la bisectriz trazadas desde el vértice A
A) 13º B) 37º C) 74º D) 26º E) 8º F) Ninguna de las anteriores
5. Un triángulo equilátero tiene uno de sus lados sobre la recta: 0843 =+− yx y el vértice opuesto al mismo está en
el punto ( )2,1 . La ecuación de la altura perpendicular al lado mencionado es:
A) 01043 =+− xy B) 01043 =−+ xy C) 01043 =++ xy D) 01043 =−− xy
6. Hallar el centro de la circunferencia y el radio; cuyo centro está sobre el eje Y y que pasa por los puntos A(1,3) y B(4,6)
A) (0,7) y r = 37 B) (0,6) y r=6 C) (0,6) y r= 45 D) (0,7) y r=5 E) (0,7) y r= 17 F) (0,7) y r=4
En cada una de las siguientes preguntas realizar el desarrollo práctico correspondiente, indicando de forma clara la respuesta. Valor por pregunta 20%.
7. Hallar el valor de X en función de L en el cuadrado de la figura:
8 Encontrar la ecuación de la recta tangente común a las circunferencias dadas por las ecuaciones: 2 2 2 26 0 2 0x y x x y x �
PLANTILLA DE RESPUESTAS (PROBLEMAS DE SELECCIÓN MULTIPLE)
Pregunta 1 2 3 4 5 6 7 8 FILA NOTA No de ExamenRespuestaCalificaciónPuntaje
B
L
L
L/2
X
L
L
L/2
X
SOLUCIONARIO
1. Dados los puntos colineales A,B,C,D,E y F, tales que: mDFCEBDAC 72=+++ y .45
AFBE =
Calcular .AF
Sean los puntos colineales: A,B,C,D,E, y F, entonces el gráfico es: A B C D E F
a b c d e xPor condición del problema:
→=+++++++→=+++ meddccbbamDFCEBDAC 72)()()()(72
mxmxxmdcbedcba 327245
72)()( =→=+→=+++++++→
A) 65m B) 56m C) 45m D)32m E)60 F)67m
2. Siendo βα y las medidas de dos ángulos. Entonces la suma del complemento de α con el suplemento de α2 es igual a 3/2 del complemento de β y º.20=− βα Se pide calcular el complemento de .α
Sean βα y dos ángulos, entonces º20=− βα (1) Complemento de αα −→ º90 Complemento de ββ −→ º90 Suplemento de αα 2º1802 −→
→−=−+−→−=−+− βααβαα 3º2704º3602º180)º90(23
)2º180()º90(
º902º27036 =−→=−→ βαβα (2)Resolviendo las ecuaciones (1) y (2) se obtiene: 20º70º90º70 =−→=α , luego su complemento es 20º.
A) 70º B) 65º C) 20º D) 60º E) 54º F)75º
3.Si se tiene de dato el lado L del cuadrado, el área sombreada región resulta:
El área sombreada resulta ser el doble del área de un cuarto de circunferencia menos el área de un sector circular de 30º y un triángulo equilátero:
22
222222
23
312332
2
43
1242
43
º360º30
42
LLA
LLLLLLA
−=
−=
−−=
−−=
ππ
ππππ
A) 223
3L
+π
B) 23
3L
−π C) 2
23
32
L
−π
D) 223
32 L
−π
E) 223
3L
−π
F) 22
333
L
−π
4. En un triángulo ABC, sus ángulos son: º40=B�
, º24=C� Hallar el ángulo que se forma entre la altura y la
bisectriz trazadas desde el vértice A
En el triángulo ABC:
º116
º180º24º40
=
=++
A
A�
Siendo AH la altura, en el triángulo ABH:
º50º40º90º90º180
=−=−−=
ββ B
�
Como AD es la bisectriz, 2A�
=β+α=γ
Entonces:
º50º58º58
−==+
αβα
º8=α
A) 13º B) 37º C) 74º D) 26º E) 8º F) Ninguna de las anteriores
5.Un triángulo equilátero tiene uno de sus lados sobre la recta: 0843 =+− yx y el vértice opuesto al mismo
está en el punto ( )2,1 . La ecuación de la altura perpendicular al lado mencionado es:
SOL. Como la altura buscada es perpendicular al lado mencionado, entonces se cumple que sus pendientes:
34
4311
1*1
221 −=−=−=⇒−=m
mmm
La altura es una recta que pasa por el punto ( )2,1 y tiene una pendiente igual a 34−
( ) 010434463134
2 =−+⇒+−=−⇒−−=− xyxyxy
A) 01043 =+− xy B) 01043 =−+ xy C) 01043 =++ xy D) 01043 =−− xy
6. Hallar el centro de la circunferencia y el radio; cuyo centro está sobre el eje Y y que pasa por los puntos A(1,3) y B(4,6)
Sea C(0,k) el centro y r el radio de la circunferencia, entonces d(C,A) = d(C,B)
74265212106)6()04()3()01( 222222 =→=→+−=+−→−+−=−+− kkhkkkKk
17161),( =+== ACdr
El resultado es: 17),7,0( =rC
A) (0,7) y r = 37 B) (0,6) y r=6 C) (0,6) y r= 45 D) (0,7) y r=5 E) (0,7) y r= 17 F) (0,7) y r=4
PLANTILLA DE RESPUESTAS (PROBLEMAS DE SELECCIÓN MULTIPLE)
Pregunta 1 2 3 4 5 6 FILARespuesta D C E E B E B
B
A
C
γβα
DH
7 Hallar el valor de X en función de L en el cuadrado de la figura:
8. Encontrar la ecuación de la recta tangente común a las circunferencias dadas por las ecuaciones: 2 2 2 26 0 2 0x y x x y x �
5. Completando cuadrados en las ecuaciones dadas:
2 2 2 2 2 2
2 2 2 2 2 2
6 6 9 9 ( 3) 9
2 2 1 1 ( 1) 1
x y x x x y x y
x x y x x y x y
Luego las ecuaciones de las circunferencias son:2 2
2 2
( 3) 9 ( 3,0); 3
( 1) 1 (1,0); 1
x y centro R
x y centro R
La tangente común intersectará al eje X en algún punto P, entonces se puede trazar la gráfica:
L
L
L/2
X
L
L
L/2
X
L
L/2
α
α 90º α
90º
x
x
A
B
C
I
D E
G H
J
K
M
F
En el triángulo ACI, el vértice I tiene 90º porque todas las diagonales cortan al punto medio del cuadrado, mismo que se repite vértices en J,K y M por lo tanto; IJMK conforma un cuadrado de lado x. Al ser CD igual a DE, entonces CI = IJ = x. Aplicando Pitágoras al triángulo CEF, se tiene:
( )2
52
22 LL
LCF =
+=
Relacionando el triángulo rectángulo CDI con el triángulo rectángulo CEF, se
obtiene: CD/CF = CI/CE, pero CD=L/2, CF=2
5L , CI=x, CE=L, entonces
queda: ⇒=
252
L
L
Lx
5
Lx =
Sea las coordenadas del punto P:
(x , 0) y como los radios de ambas circunferencias son perpendiculares a la tangente, se cumple:
1 3a= 3 3 3 3
1 3entonces:
1a= a=30°
2
sen x x xx x
sen
� �
�
Luego la pendiente de la primera recta tangente será igual a 1
(180 30 ) 1503
tg tgè ¤ Ü
y la ecuación de la recta con esta pendiente que pasa por (3,0)es:
10 ( 3) 3 3 0
3y x y x Ü
Luego la pendiente de la segunda recta tangente será igual a 3
1º30 =tg
y la ecuación de la recta con esta pendiente que pasa por (3,0)es:
033)3(3
10 =+−→−=− xxy
Y por último la tercera recta tangente será X=0
P(x,0)