cal2 practica 3 2011-2 solucionado
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PONTIFICIA UNIVERSIDAD CATOLICA DEL PERU
ESTUDIOS GENERALES CIENCIAS
CALCULO 2
Practica N3
Semestre academico 2011-2
Elaborado por los profesores del curso.
1. Halle el valor de a para el cual la integral
+
1
( x2x2 + 2a
ax+ 1
)dx es convergente.
Ademas, calcule el valor de dicha integral. (3.0 ptos.)
2. Calcule el volumen del solido generado al girar alrededor de la recta x = 1 la region
limitada por la curva C : y = 1(1 x)5/4 , x [0, 1[, los ejes coordenados y la recta
x = 1. (3.0 ptos.)
3. Calcule
+
0
ex1 e2x dx. (3.0 ptos.)
4. Determine la convergencia de la integral impropia
a)
+
0
ln2(x+ 1)
xx
dx. (3.0 ptos.)
b)
+
1
cos2x
1 + x3/2dx. (2.0 ptos.)
5. Sea f(x) = ln(x+ 1
2
).
a) Usando un polinomio de Taylor de grado 3, aproxime el valor de ln(1,1).
(2.0 ptos.)
b) Estime el error cometido de la aproximacion hallada en (a). (1.0 pto.)
6. Aproxime el valor de
2
1
f(x) dx, usando un polinomio de Taylor de grado 2 de la
funcion f(x) =
x1
et2
dt. (3.0 ptos.)
San Miguel, 5 de noviembre de 2011.
Coordinador de practicas del curso: Raul Chavez
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PONTIFICIA UNIVERSIDAD CATLICA DEL PERESTUDIOS GENERALES CIENCIAS
Clculo 2Solucionario de la Prctica N 3Semestre Acadmico 2011-1
1. Calcule la longitud de la curva x = ln(secy), y [0, pi4]. (3.0 ptos.)
Solucin
x (y) = 1secy secy tany = tany.
L =
pi/40
1+
[x (y)
]2dy =
pi/40
1+ tan2 ydy =
pi/40
secydy
=[ln secy+ tany]pi/4
0= ln(
2+ 1).
2. Halle el rea de la superficie generada por la rotacin de la curva y = cos(2x), x [0, pi6], alrededor del
eje X. (3.0 ptos.)
Soluciny (x) = 2 sen(2x).
As = 2pipi/60
y(x)
1+
[y (x)
]2dx = 2pi
pi/60
cos(2x)
1+ 4 sen2(2x)dx.
Sea t = 2 sen(2x), entonces
As =pi
2
30
1+ t2 dt =
pi
2
[12t1+ t2 +
12ln(1+
1+ t2
)]30
=pi3
2+pi
4ln(2+
3).
3. Considere la regin R limitada por la grfica de f(x) =1
(5 x)3/2, su asntota vertical y los ejes coor-
denados. Si la regin R gira alrededor de dicha asntota, es posible asignar un nmero como medidapara el volumen del slido generado?, de ser as, calcule dicho volumen. (3.0 ptos.)
Solucin
V = 2pi50(5 x)
[ 1(5 x)3/2
]dx = 2pi
50
1(5 x)1/2
dx = 2pi lmt5
t0
1(5 x)1/2
dx
= 2pi lmt5
[5 x
]t0= 4pi
5.
El volumen es: 4pi5u3.
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4. Calcule el valor de la integral impropia+1
14x2 4x+ 5
dx. (3.0 ptos.)
Solucin1
4x2 4x+ 5dx =
14arctan
(x
12
).
I = lmt+
t1
14x2 4x+ 5
dx = lmt+
[14arctan
(x
12
)]t1
=14
lmt+
[arctan
(t
12
) arctan
(12)]=
14
[pi2 arctan
(12)].
5. Analice la convergencia:
a)10
1x2 + 3x
dx. (2.0 ptos.)
Solucin
lmx0+
1x2 + 3x
dx = +.L = lm
x0+xpx2 + 3x
dx.
L = lmx0+
xp1/2x+ 3
dx.
Si p = 1/2, entonces L = 13.
Por el criterio del lmite, la integral es convergente.
b)+0
ln2(x+ 1)xx
dx. (3.0 ptos.)
Solucin
El integrando f(x) =ln2(x+ 1)xx
es una funcin continua en ]0,+[.El lmite
lmx0+
ln2(x+ 1)xx
=2 ln(x+ 1) 1x+1
32x
=43ln(x+ 1)
x=
1x+1
12x
1/2= 0.
implica que el integrando tiene discontinuidad evitable en x = 0.Aplicamos el criterio del cociente:
L = lmx+ x5/4 ln
2(x+ 1)xx
= lmx+
2 ln(x+ 1) 1x+114x
3/4= 0
Tenemos L = 0 cuando p =54> 1. Entonces la segunda integral converge la integral dada
converge.
6. Sea f(x) =sen(x2)xr
.
a) Para qu valores de r la funcin f tiene discontinuidad infinita en x = 0.(1.0 pto.)
Solucin
lmx0+
sen(x2)xr
= lmx0+
1xr2
sen(x2)x2
= lmx0+
1xr2
= +, si r > 2.2
-
b) Halle los valores de r para los que la integral impropia10f(x)dx es convergente.
(2.0 ptos.)Solucin
L = lmx0+
xpsen(x2)xr
= lmx0+
sen(x2)xrp
.
Si r p = 2, entonces L = 1.La integral es convergente si 0 < p = r 2 < 1, entonces 2 < r < 3.
San Miguel, 30 de abril del 2011.Coordinador de prcticas del curso: Ral Chvez
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